那么上述问题，假设这个矩阵堵塞障碍，不能在若干组合前面所用的方法，因为这么多的位置实际上是没有办法的事儿。

还有剩下的唯一合理的解决方案dp该。与最低要求，并且等，从右下角以前突起，对于位置(i, j)，它的动作应该是(i+1, j)和(i, j+1)走法的和。对于边界条件还是有一些特殊，最后一行。从右往左，假设是0的话没有问题。等于右側走法的个数。一旦遇到一个1。那么它以及它左边的走法都必须置成0，你可没有穿墙术。

我认为题目明白说明了行列的个数，就是在暗示我们能够使用dp的方法，行列个数不大，空间直接开了也能够，也能够仅仅保存下一行和右一列的。

class Solution {public:    int row, col;    int uniquePathsWithObstacles(vector
     
      
        > &obstacleGrid) {        row = obstacleGrid.size();        if(row == 0)    return 0;        col = obstacleGrid[0].size();        int p[105][105];        p[row-1][col-1] = obstacleGrid[row-1][col-1] == 0?
      
     

1:0; int i, j; for(j=col-2;j>=0;--j){ if(obstacleGrid[row-1][j] == 0) p[row-1][j] = p[row-1][j+1]; else break; } for(i=j;i>=0;--i) p[row-1][i] = 0; for(j=row-2;j>=0;--j){ if(obstacleGrid[j][col-1] == 0) p[j][col-1] = p[j+1][col-1]; else break; } for(i=j;i>=0;--i) p[i][col-1] = 0; for(i=row-2;i>=0;--i){ for(j=col-2;j>=0;--j){ if(obstacleGrid[i][j] == 1) p[i][j] = 0; else p[i][j] = p[i][j+1] + p[i+1][j]; } } return p[0][0]; } };

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